Примеры решения задач. 1. Материальная точка массой 10 г совершает гармоническое колебание с периодом 1 с

1. Материальная точка массой 10 г совершает гармоническое колебание с периодом 1 с. Определить амплитуду колебаний, максимальные скорость и ускорение колеблющейся точки, если полная энергия точки равна 0, 02 Дж.

Дано: m = 0, 01 кг, Т = 1 с, Е = 0, 02 Дж.

Найти: А, v_max, a_max.

Решение. Уравнение гармонического колебания имеет вид

(1)

где s – смещение материальной точки от положения равновесия, А – амплитуда колебания, ω – циклическая частота, t - время, φ ₀ – начальная фаза.

Скорость материальной точки определяется как первая производная от смещения по времени:

(2)

Максимальное значение скорости равно

(3)

Ускорение точки определяется как первая производная от скорости по времени:

(4)

Максимальное значение ускорения равно

(5)

Полная энергия колебаний складывается из кинетической и потенциальной энергии и равна максимальной кинетической или максимальной потенциальной энергии:

(6)

Из этого выражения найдем амплитуду колебаний

(7)

Произведем вычисления, учитывая, что циклическая частота и период колебаний связаны соотношением

Ответ: А = 0, 32 м, v_max = 2 м/с, a_max = 12, 6 м/с².

2. В вакууме распространяется плоская электромагнитная волна. Амплитуда напряженности магнитного поля волны 0, 1 А/м. Определить энергию, переносимую этой волной через поверхность площадью 1 м², расположенную перпендикулярно направлению распространения волны, за время t = 1 с. Период волны Т < < t.

Дано: H_m = 0, 1 А/м, S = 1 м², t = 1 с, Т < < t, ε = 1, μ = 1.

Найти: W.

Решение. Плотность потока энергии электромагнитной волны определяется вектором Пойнтинга

(1)

где Е и Н – векторы напряженности электрического и магнитного полей. Учитывая, что векторы Е и Н электромагнитной волны взаимно перпендикулярны, для модуля вектора р получим

р = ЕН. (2)

Так как величины Е и Н в каждой точке волны меняются со временем по гармоническому закону, находясь в одинаковых фазах, то мгновенное значение р равно

(3)

Энергия, переносимая через площадку S, перпендикулярную направлению распространения волны, в единицу времени,

(4)

Учитывая, что в электромагнитной волне

(5)

найдем:

(6)

Тогда выражение (4) принимает вид

(7)

Энергия, переносимая волной за время t, равна

(8)

По условию Т < < t, поэтому > > тогда

(9)

Подставляя числовые значения, получим

Ответ: W = 1, 88 Дж.

3. Для устранения отражения света от поверхности линзы на нее наносится тонкая пленка вещества с показателем преломления 1, 25, меньшим, чем у стекла (просветление оптики). При какой наименьшей толщине пленки отражение света с длиной волны 0, 72 мкм не будет наблюдаться, если угол падения лучей 60^о?

Дано: n = 1, 25, λ = 0, 72 мкм, i = 60^о.

Найти: d_min.

Решение. Оптическая разность хода лучей, отраженных от нижней и верхней поверхности пленки, равна

(1)

где d – толщина пленки, n – показатель преломления пленки, i – угол падения лучей.

В выражении (1) учтено, что отражение лучей на обеих поверхностях происходит от оптически более плотной среды, и поэтому потери полуволны в обоих случаях компенсируют друг друга. Условие интерференционного минимума имеет вид

(2)

где λ – длина волны света. Подставляя (1) в (2) и учитывая, что выражение (1) положительно, получим

(3)

Из (3) найдем возможные значения толщины пленки:

(4)

Наименьшее значение толщины пленки будет при m = 1:

(5)

Подставляя в (5) числовые значения, получим

Ответ: d_min = 0, 2 мкм.

4. Постоянная дифракционная решетка 10 мкм, ее ширина 2 см. В спектре какого порядка эта решетка может разрешить дублет λ ₁ = 486, 0 нм и λ ₂ = 486, 1 нм?

Дано: с = 10 мкм, l = 2 см, λ ₁ = 486, 0 нм, λ ₂ = 486, 1 нм.

Найти: m.

Решение. Разрешающая способность дифракционной решетки

(1)

где Δ λ – минимальная разность длин волн двух спектральных линий λ и λ + Δ λ, разрешаемых решеткой; m – порядок спектра; N – число щелей решетки.

Поскольку постоянная решетки с есть расстояние между серединами соседних щелей, общее число щелей можно найти как

(2)

где l – ширина решетки.

Из формулы (1) с учетом (2) находим:

(3)

Дублет спектральных линий λ ₁ и λ ₂ будет разрешен, если

(4)

Подставляя (3) в (4) и учитывая, что λ = λ ₁, получим

(5)

Из выражения (5) следует, что дублет λ ₁ и λ ₂ будет разрешен во всех спектрах с порядком

(6)

Подставляя числовые данные, получим

Так как m – целое число, то m ≥ 3.

Ответ: m ≥ 3.

5. Естественный свет падает на поверхность диэлектрика под углом полной поляризации. Степень поляризации преломленного луча составляет 0, 124. Найти коэффициент пропускания света.

Дано: р’’ = 0, 124.

Найти: τ.

Решение. Естественный свет можно представить как наложение двух некогерентных волн, поляризованных во взаимно перпендикулярных плоскостях и имеющих одинаковую интенсивность,

I_|| = I . (1)

где индексы || и обозначают колебания, параллельные и перпендикулярные плоскости падения света на поверхность диэлектрика, причем интенсивность падающего света

I = I_|| + I . (2)

При падении света под углом полной поляризации отражаются только волны, поляризованные в плоскости, перпендикулярной плоскости падения. В преломленной волне преобладают колебания, параллельные плоскости падения. Интенсивность преломленной волны можно записать как

I” = I_||” + I ”. (3)

Составляющие I_||” и I ” интенсивности преломленной волны равны

I_|| = I_||” и I ” = I - I’, (4)

где I’ – интенсивность отраженного света.

Степень поляризации преломленного луча

(5)

Учитывая равенства (4) и (1), выражение (5) можно представить в виде

(6)

Коэффициент пропускания света

(7)

или, с учетом выражения (6),

(8)

Проводя вычисления, получим

Ответ: τ = 0, 89.

6. Интенсивность естественного света, прошедшего через поляризатор, уменьшилась в 2, 3 раза. Во сколько раз она уменьшится, если за первым поставить второй такой же поляризатор так, чтобы угол между их главными плоскостями был равен 60^о?

Дано: I₀/I₁ = 2, 3; α = 60^о.

Найти: I₀/I₂.

Решение. Естественный свет можно представить как наложение двух некогерентных волн, поляризованных во взаимно перпендикулярных плоскостях и имеющих одинаковую интенсивность. Идеальный поляризатор пропускает колебания, параллельные его главной плоскости, и полностью задерживает колебания, перпендикулярные этой плоскости. На выходе из первого поляризатора получается плоскополяризованный свет, интенсивность которого I₁ с учетом потерь на отражение и поглощение света поляризатором равна

(1)

где I₀ – интенсивность естественного света; k – коэффициент, учитывающий потери на отражение и поглощение.

После прохождения второго поляризатора интенсивность света уменьшилась как за счет отражения и поглощения света поляризатором, так и из-за несовпадения плоскости поляризации света с главной плоскостью поляризатора. В соответствии с законом Малюса, учитывая потери на отражение и поглощение света, имеем

(2)

где α – угол между плоскостью поляризации света, которая параллельна главной плоскости первого поляризатора, и главной плоскостью второго поляризатора.

Найдем, во сколько раз уменьшилась интенсивность света

(3)

Из (1) имеем

(4)

Подставляя (4) в (3), получим

(5)

Проводя вычисления, найдем

Ответ: I₀/I₂ = 10, 6.

7. Измерение дисперсии показателя преломления оптического стекла дало n₁ = 1, 528 для λ ₁ = 0, 434 мкм и n₂ = 1, 523 для λ ₂ = 0, 486 мкм. Вычислить отношение групповой скорости к фазовой для света с длиной волны 0, 434 мкм.

Дано: λ ₁ = 0, 434 мкм; n₁ = 1, 528; λ ₂ = 0, 486 мкм; n₂ = 1, 523.

Найти: u₁ / v₁.

Решение. Зависимость групповой скорости u от показателя преломления n и длины волны λ имеет вид

(1)

где с – скорость света в вакууме.

Фазовая скорость v определяется как

(2)

Разделив выражение (1) на (2), получим

(3)

Для длины волны λ ₁ и средней дисперсии имеем

(4)

Подставляя в (4) числовые значения, получим

Ответ: u₁ / v₁ = 0, 973.

8. В черенковском счетчике из каменной соли релятивистские протоны излучают в конусе с раствором 82^о. Определить кинетическую энергию протонов. Показатель преломления каменной соли 1, 54.

Дано: 2 θ = 82^о; n = 1, 54.

Найти: Т.

Решение. Излучение Вавилова – Черенкова возникает, когда скорость движения v заряженной частицы в среде больше фазовой скорости света с / n в этой среде (с – скорость света в вакууме, n – показатель преломления среды). Излучение направлено вдоль образующих конуса, ось которого совпадает с направлением движения частицы. Угол θ между направлением излучения и направлением движения частицы определяется формулой

(1)

Кинетическая энергия релятивисткой частицы определяется как

(2)

где Е₀ = m₀c² – энергия покоя частицы; m₀ – масса покоя.

Для протонов Е₀ = 989 МэВ. Отношение v / с определим из (1)

(3)

Подставляя (3) в (2), получим

(4)

Проводя вычисления, найдем

Ответ: Т = 900 МэВ.

9. Во сколько раз увеличится мощность излучения черного тела, если максимум энергии излучения сместится от красной границы видимого спектра к его фиолетовой границе?

Дано: λ _к = 0, 76 мкм; λ _ф = 0, 38 мкм.

Найти: N_ф / N_к.

Решение. Длина волны λ _max, на которую приходится максимум энергии излучения черного тела, согласно закону смещения Вина, равна

λ _max = (1)

где Т – термодинамическая температура тела; b – постоянная Вина.

Из формулы (1) определяем температуру, при которой максимум энергии излучения приходится на красную λ _к и фиолетовую λ _ф границы видимого спектра:

(2)

Мощность излучения равна

(3)

где R – энергетическая светимость тела; S – площадь его поверхности.

В соответствии с законом Стефана – Больцмана

(4)

где σ – постоянная Стефана – Больцмана.

Для температур Т_к и Т_ф имеем

и (5)

Из формул (5) находим

(6)

или, учитывая (2), имеем

(7)

Подставляя в (7) числовые значения, получим

Ответ: N_ф / N_к = 16.

10. Давление света с длиной волны 0, 55 мкм нормально падающего на зеркальную поверхность равно 9 мкПа. Определить концентрацию фотонов вблизи поверхности.

Дано: λ = щ, 55 мкм; р = 9 мкПа; ρ = 1.

Найти: n.

Решение. Давление света при нормальном падении на поверхность с коэффициентом отражения ρ определяется по формуле

(1)

где I – интенсивность света; с – скорость света в вакууме; w – объемная плотность энергии излучения, w = I / c.

Объемная плотность энергии w равна произведению концентрации фотонов n (числа фотонов в единице объема) на энергию одного фотона т.е.

(2)

где h – постоянная Планка; λ – длина волны света.

Подставляя (2) в (1), получим

(3)

откуда

(4)

Проводя вычисления, найдем

Ответ: n = 1, 25 ∙ 10¹³ м^-3.

11. Красная граница фотоэффекта для никеля равна 0, 257 мкм. Найти длину волны света, падающего на никелевый электрод, если фототок прекращается при задерживающей разности потенциалов, равной 1, 5 В.

Дано: λ _к = 0, 257 мкм; U = 1, 5 В.

Найти: λ.

Решение. Согласно уравнению Эйнштейна для внешнего фотоэффекта

(1)

где h – постоянная Планка; с – скорость света в вакууме; λ – длина волны света; А – работа выхода электронов из металла; Т_max – максимальная кинетическая энергия фотоэлектронов.

Красная граница фотоэффекта определяется из условия равенства энергии фотона работе выхода электронов А, т.е.

(2)

Максимальная кинетическая энергия фотоэлектронов может быть определена через задерживающую разность потенциалов U:

(3)

где е – элементарный заряд (заряд электрона).

Подставляя выражение (2) и (3) в (1), получим

(4)

Из уравнения (4) найдем длину волны света:

(5)

Подставляя в (5) числовые значения, получим

Ответ: λ = 0, 196 мкм.

12. Гамма – фотон с длиной волны 1, 2 пм в результате комптоновского рассеяния на свободном электроне отклонился от первоначального направления на угол 60^о. Определить кинетическую энергию и импульс электрона отдачи. До столкновения электрон покоился.

Дано: λ ₁ = 1, 2 пм; θ = 60^о; λ _с = 2, 43 пм; Е₀ = 0, 511 МэВ = 0, 818 ∙ 10^-13 Дж.

Найти: Т, р.

Решение. Изменение длины волны фотона при комптоновском рассеянии на неподвижном свободном электроне равно

(1)

где λ ₁ и λ ₂ – длины волн падающего и рассеянного фотона; θ – угол рассеяния

фотона; - комптоновская длина волны электрона; h – постоянная Планка; с – скорость света в вакууме; m₀ и Е₀ – масса и энергия покоя электрона.

Из уравнения (1) найдем

(2)

Выразим энергию падающего и рассеянного фотона через его длину волны:

(3)

Кинетическая энергия электрона отдачи согласно закону сохранения энергии равна

(4)

Подставляя выражение (3) в (4), найдем

(5)

Проводя вычисления, получим

Зная кинетическую энергию электрона, найдем его импульс. Поскольку кинетическая энергия электрона сравнима с его энергией покоя, импульс и кинетическая энергия связаны релятивистским соотношением

(6)

Подставляя в (6) числовые данные, получим

Ответ: Т = 0, 492 МэВ; р = 4, 6 ∙ 10^-22 кг ∙ м/с.